ejemplo compresion compuesta
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Universidad Mayor de San Andrés CIV-209 Hormigón Armado I
Facultad de Ingeniería Docente: Ing. Miguel Muñoz Black
Ingeniería Civil Ejercicios de Cátedra Semestre I-2010
Univ. Durán De Castro Quiroga Pablo 15.1
Capítulo 15
Compresión Compuesta o Excéntrica
Método del Pivote C Ejemplo 15.1 Empleando el Método del Pivote C calcular la armadura de refuerzo de una sección rectangular
que se muestra en la figura si está solicitada por un momento flector baricentrico de valor 120kN·m y una fuerza
norma de compresión de 1800kN que está construida con hormigón H-25 y acero B-400S en Condiciones
Normales de Control.
As1
0,60 0,50
0,30
0,05
0,05
NdG = 1800kN
MdG = 120kN·m
As2
Previamente calcularemos la excentricidad:
� � ������ � 120� � �1800� � 0,067� � 6,7��
1. Materiales
Hormigón H-25:
��� � ����� �Ecuación 11,29
��� � 25�"#1,5 � 16,667�"# � 16667�
�$
Acero B-400S:
�%�,� � 400�"#1,15 � 347,826�"# � 347826�
�$
(%,� � �%�,�)* � 347,826�"#200000�"# � 1000‰ � 1,739‰
2. Solicitaciones ��� � 1800�
�� � ��� , ��� � -.2 / 012
�� � 120� � � , 1800� � -0,60�2 / 0,05�2 � 570� � �
Universidad Mayor de San Andrés CIV-209 Hormigón Armado I
Facultad de Ingeniería Docente: Ing. Miguel Muñoz Black
Ingeniería Civil Ejercicios de Cátedra Semestre I-2010
15.2 Univ. Durán De Castro Quiroga Pablo
3. Cálculo del Momento Límite MBC
Como desconocemos el valor de la armadura superior AS2 debemos suponer inicialmente, de acuerdo al
flujograma, calcularemos en primera instancia el momento que reporta el bloque de compresión del hormigón
cuando el diagrama de deformaciones coincide con el límite del Dominio 4ª que es uno de los dominios solución
para compresión compuesta:
As1
0,60 0,50
0,30
0,05
0,05
As237·0,60
47·0,60
2‰C
εcu=3,5‰
εs1
Bεs2
Ns1
Nc1
Nd = 1800kN
Md = 570kN·m
12·(3
7·0,60)
Nc2
38·(4
7·0,60)
58·(4
7·0,60)
Ns212·(3
7·0,60)
αcc·f cd
3,5‰. � (*$. / 0$ � (*101
(*$ � 0,60� / 0,05�0,60� � 3,5‰ � 3,21‰ 3 (%,� � 1,739‰ 4 5*$ � �%�,� � 347826�
�$
(*1 � 0,05�0,60� � 3,5‰ � 0,292‰ 6 (%,� 4 5*1 � ) � (*1 � 200000�"# � 0,2921000 � 58,4�"# � 58400�
�$
Debido a que la compresión predomina: 7�� � 0,85
��1 � 1 � 7�� � ��� � -37 � .2 � 8 � 1 � 0,85 � 16667��$ � -37 � 0,60�2 � 0,30� � 1092,879�
��$ � 23 � 7�� � ��� � -47 � .2 � 8 � 2
3 � 0,85 � 16667��$ � -47 � 0,60�2 � 0,30� � 971,448�
91 � 47 � . , 1
2 � -37 � .2 / 01 � 47 � 0,60� , 1
2 � -37 � 0,60�2 / 0,05� � 0,4214�
9$ � 58 � -47 � .2 / 01 � 5
8 � -47 � 0,60�2 / 0,05� � 0,1643�
�:; � ��1 � 91 , ��$ � 9$ � 1092,879� � 0,4214� , 971,448� � 0,1643� � 620,148� � �
Conclusión: El momento resistente aportado por el hormigón es suficiente para equilibrar al momento actuante
por lo que se realizará un rediseño con un ancho de sección igual a 0,20m
3.1 Rediseño
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Univ. Durán De Castro Quiroga Pablo 15.3
As1
0,60 0,50
0,20
0,05
0,05
As237·0,60
47·0,60
2‰C
εcu=3,5‰
εs1
Bεs2
Ns1
Nc1
Nd = 1800kN
Md = 570kN·m
12·(3
7·0,60)
Nc2
38·(4
7·0,60)
58·(4
7·0,60)
Ns212·(3
7·0,60)
αcc·f cd
��1 � 1 � 7�� � ��� � -37 � .2 � 8 � 1 � 0,85 � 16667��$ � -37 � 0,60�2 � 0,20� � 728,586�
��$ � 23 � 7�� � ��� � -47 � .2 � 8 � 2
3 � 0,85 � 16667��$ � -47 � 0,60�2 � 0,20� � 647,632�
91 � 47 � . , 1
2 � -37 � .2 / 01 � 47 � 0,60� , 1
2 � -37 � 0,60�2 / 0,05� � 0,4214�
9$ � 58 � -47 � .2 / 01 � 5
8 � -47 � 0,60�2 / 0,05� � 0,1643�
�:; � ��1 � 91 , ��$ � 9$ � 728,586� � 0,4214� , 647,632� � 0,1643� � 413,432� � �
Con esta nueva sección propuesta se averiguará el momento máximo que reportaría el bloque de tensiones del
hormigón suponiendo que la profundidad del eje neutro se va a infinito:
As1
0,60 0,50
0,20
0,05
0,05
As2
2‰C
εcu=2‰
εs1 =2‰Ns1
Nd = 1800kN
Md = 570kN·m
αcc·f cd
Ncmax
εs2 =2‰Ns2
��<=> � 1 � 7�� � ��� � . � 8 � 1 � 0,85 � 16667��$ � 0,60� � 0,20� � 1700,034�
9 � 12 � . / 01 � 1
2 � 0,60� / 0,05� � 0,25�
�:;<=> � 1700,034� � 0,30� � 425,009� � �
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15.4 Univ. Durán De Castro Quiroga Pablo
4. Dimensionamiento
Se procederá a calcular la cuantía mínima para la sección en estudio, considerando que el diámetro mínimo de la
armadura longitudinal para piezas comprimidas es ? � 12��. @*$A � �%�,� B 0,05 � �� �Ecuación 15,56
@*$A � 347826��$ B 0,05 � 1800�
@*$A <CD � 2,59 � 10EF�$ � 2,59��$ G 3?12 � 3,39��$
(*$ 3 (%,� � 1,739‰ 4 5*$ � �%�,� � 347826��$
�*$A � @*$A � 5*$ � 3,39��$ � 347826��$ � 1�$
10000��$ � 117,913�
�H*$ � �*$A � 9* � 117,913� � 0,50� � 58,956� � � �� � �� / �H*$ � 570� � � / 58,956� � � � 511,044� � �
I� � ��5J� � 8 � .$ �Ecuación 15,13
5J� � 0,85 � ���
I� � 511,044� � �0,85 � 16667��$ � 0,20� � 0,60$�$ � 0,5010
El valor de I� es muy alto ya que los valores normales están cerca al valor de 0,4 por lo que incrementamos la
sección de acero más comprimido @*$A , con el valor calculado cuando el diagrama de deformaciones coincide con
el límite del dominio 4: �H*$ � �� / �� � 570� � � / 413,432� � � � 156,568� � �
�*$A � �H*$9* � 156,568� � �0,50� � 313,136�
@*$A � �*$A5*$ � 313,136�347826��$
� 10000��$1�$ � 9,00��$
Elegimos una armadura inferior a la calculada: @*$A � 4?16 � 8,04��$
Recalculamos el momento asignado al hormigón con la armadura propuesta:
�*$A � @*$A � 5*$ � 8,04��$ � 347826��$ � 1�$
10000��$ � 279,652�
�H*$ � �*$A � 9* � 279,652� � 0,50� � 139,826� � � �� � �� / �H*$ � 570� � � / 139,826� � � � 430,174� � �
I� � ��5J� � 8 � .$ �Ecuación 15,13
I� � 430,174� � �0,85 � 16667��$ � 0,20� � 0,60$�$ � 0,4217
Nota: El nuevo momento �� es superior al momento máximo calculado que puede resistir el
hormigón: �:;<=> � 425,009� � � por lo que se incrementar la armadura más
comprimida o de lo contrario nunca se llegaría al equilibrio en la sección.
Elegimos una armadura superior a 9��$. @*$A � 4?16 , 1?12 � 9,17��$
�*$A � @*$A � 5*$ � 9,17��$ � 347826��$ � 1�$
10000��$ � 318,956�
�H*$ � �*$A � 9* � 318,956� � 0,50� � 159,478� � � �� � �� / �H*$ � 570� � � / 159,478� � � � 410,522� � �
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Univ. Durán De Castro Quiroga Pablo 15.5
I� � ��5J� � 8 � .$ �Ecuación 15,13
I� � 410,522� � �0,85 � 16667��$ � 0,20� � 0,60$�$ � 0,4025
K1 � 01h �Ecuación 15,5
M � 47 � 7 / 3 �Ecuación 15,17
N � 1 / 421 � M$ �Ecuación 15,21
K� �12 / 849 � M$
1 / 421 � M$ �Ecuación 15,22
I�O � N � �1 / K1 / K� �Ecuación 15,14
αααα δδδδ 1111 ξξξξ ψψψψ δδδδ G µµµµC µµµµC−µ−µ−µ−µ'c
1 0.083 1.00000 0.80952 0.41597 0.40533 0.00283
0.97 0.083 1.05541 0.78783 0.40382 0.40404 0.00154
0.95 0.083 1.09589 0.77124 0.39407 0.40305 0.00055
0.94 0.083 1.11732 0.76221 0.38858 0.40251 0.00001
7 � P. �Ecuación 15,3
P � 7 � . � 0,94 � 0,60� � 0,564�
As1
0,60 0,50
0,20
0,05
0,05
As237·0,564
47·0,564
2‰C
εcu=3,5‰
εs1
Bεs2
Ns1
Nc1
Nd = 1800kN
Md = 570kN·m
12·(3
7·0,564)
Nc2
38·(4
7·0,564)
58·(4
7·0,564)
Ns212·(3
7·0,564)
αcc·f cd
E.N.0,036
(�$P � (�1P / . � (*1P / 0 � (*$P / 0$ � 2‰P / 37 � . �Ecuación 15,7
(*$ � 2‰ � �P / 0$ P / 37 � . � 2‰ � �0,564 / 0,05
0,564 / 37 � 0,60 � 3,35‰ 3 (%,� � 1,739‰ 4 5*$ � �%�,� � 347826��$
(*1 � 2‰ � �P / 0 P / 37 � . � 2‰ � �0,564 / 0,55
0,564 / 37 � 0,60 � 0,091248‰ 6 (%,� 4 5*1 � ) � (*1
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15.6 Univ. Durán De Castro Quiroga Pablo
5*1 � 200000�"# � 0,0912481000 � 18,25�"# � 18250��$
��Q � 0,85 � ��� � 8 � . �Ecuación 15,10
��Q � 0,85 � 16667��$ � 0,20� � 0,60� � 1700,034�
�� � N � ��Q �Ecuación 15,11 �� � 0,76221 � 1700,034� � 1295,783� �� � �� � 9 � �� � �. / 01 / K� � . �Ecuación 15,12 �� � 1295,783� � �0,60� / 0,05� / 0,38858 � 0,60� � 410,571� � �
�*$A � @*$A � 5*$ � 9,17��$ � 347826��$ � 1�$
10000��$ � 318,956�
�H*$ � �*$A � 9* � 318,956� � 0,50� � 159,478� � �
Verificamos el equilibrio a rotación:
R�Q � 0 4 �� / �*$A � 9* / �� � �0 / K� � . � 0 �Ecuación 15,1
570� � � / 159,478� � � / 1295,783� � �0,55� / 0,38858 � 0,60� � /0,049� � � G 0 �
Finalmente se debe calcular la armadura menos comprimida con el equilibrio a traslación:
RST � 0 4 �� / �*1 / �*$ / �� � 0 �Ecuación 15,1
�*1A � �� / �*$A / �� � 1800� / 318,956� / 1295,783� � 185,261�
@*1 � �*1A5*1 � 185,261�18250��$
� 10000��$1�$ � 101,51��$ G 6?40 , 2?32 , 5?16 � 101,53��$
Nota: La solución planteada requiere un acero inferior muy
grande. Se debe recalcular con otra armadura @*$.
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Método Práctico Ejemplo 15.1 Usando el Método Práctico, calcular la armadura de refuerzo de una sección rectangular que se
muestra en la figura, si está solicitada por un momento flector baricentrico de valor 120kN·m y una fuerza
norma de compresión de 1800kN que está construida con hormigón H-25 y acero B-400S en Condiciones
Normales de Control.
As1
0,60 0,50
0,20
0,05
0,05
NdG = 1800kN
MdG = 120kN·m
As2
1. Materiales
Hormigón H-25:
��� � ����� �Ecuación 11,29
��� � 25�"#1,5 � 16,667�"# � 16667�
�$
Acero B-400S:
�%�,� � 400�"#1,15 � 347,826�"# � 347826�
�$
(%,� � �%�,�)* � 347,826�"#200000�"# � 1000‰ � 1,739‰
2. Solicitaciones �� � ��� � 1800� ��� � 120� � �
Trasladamos a ��� a la altura de la armadura más comprimida:
��U � ��� / ��� � -.2 / 0$2
��U � 120� � � / 1800� � -0,60�2 / 0,05�2 � /330� � �
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15.8 Univ. Durán De Castro Quiroga Pablo
As1
0,60 0,50
0,20
0,05
0,05
As2
Nd = 1800kN
Md = 330kN·m*
3. Cálculo de Valores Adimensionales 5J� � 0,85 � ���
IU � ��U5J� � 8 � .$ �Ecuación 15,30
IU � /330� � �0,85 � 16667��$ � 0,20� � 0,60$�$ � /0,323523
VU � ��U5J� � 8 � . �Ecuación 15,31
VU � 1800�0,85 � 16667��$ � 0,20� � 0,60� � 1,05880
K � 0. �Ecuación 15,4
K � 0,55�0,60� � 0,91667
K1 � 01. �Ecuación 15,5
K$ � 0,05�0,60� � 0,08333
K$ � 0$. �Ecuación 15,6
K$ � 0,05�0,60� � 0,08333
A continuación calcularemos @*$ y @*1para distintos valores de α empleando las siguientes ecuaciones:
M � 47 � 7 / 3 �Ecuación 15,50
N � 1 / 421 � M$ �Ecuación 15,49
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Univ. Durán De Castro Quiroga Pablo 15.9
KW �12 / 849 � M$
1 / 421 � M$ �Ecuación 15,22
KW �12 / 849 � X214 � �1 / N Y
N �12 / 849 � 214 , 849 � 214 � N
N � 67 / 5
14 � 1N
Z$ � VU , IU / N � [K / KW\K / K$ �Ecuación 15,36
(Q � 2‰
(*$ � 7 � (Q7 / 37
� -1 / K$7 2 �Ecuación 15,38
5*$ � ] �%� ^_ (*$ B (%)` � (*$ ^_ (*$ 6 (% a @*$ � Z$5*$ � 0,85 � ��� � 8 � .
Z1 � VU / N / Z$ �Ecuación 15,37
(*1 � 7 � (Q7 / 37
� -1 / 1 / K17 2 �Ecuación 15,39
5*1 � ] �%� ^_ (*1 B (%)` � (*1 ^_ (*1 6 (% a @*1 � Z15*1 � 0,85 � ��� � 8 � .
Para el caso de que αααα=1:
M � 47 � 7 / 3 � 4
7 � 1 / 3 � 1
N � 1 / 421 � M$ � 1 / 4
21 � 1$ � 0,8095
KW �12 / 849 � M$
1 / 421 � M$ �12 / 849 � 1$
1 / 421 � 1$ � 0,4160
Z$ � VU , IU / N � [K / KW\K / K$ � 1,05880 , /0,323523 / 0,8095 � �0,91667 / 0,4160 0,91667 / 0,08333 � 0,1842
(*$ � 7 � (Q7 / 37
� -1 / K$7 2 � 1 � 2‰1 / 37
� -1 / 0,083331 2 � 3,2083‰ 3 (% 4 5*$ � �%�
@*$ � Z$5*$ � 0,85 � ��� � 8 � . � 0,1842347826��$
� 0,85 � 16667��$ � 0,20� � 0,60� � 9,00 � 10EF�$ � 9,00��$
(*1 � 7 � (Q7 / 37
� -1 / 1 / K17 2 � 1 � 2‰1 / 37
� -1 / 1 / 0,083331 2 � 0,291665‰ 6 (% 4 5*1 � ) � (*1
5*1 � 200000�"# � 0,2916651000 � 58,333�"# � 58333��$
Z1 � VU / N / Z$ � 1,05880 / 0,8095 / 0,1842 � 0,0651
@*1 � Z15*1 � 0,85 � ��� � 8 � . � 0,065158333��$
� 0,85 � 16667��$ � 0,20� � 0,60� � 18,97 � 10EF�$ � 18,97��$
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15.10 Univ. Durán De Castro Quiroga Pablo
Armadura Unilateral
Para el caso de Armadura Unilateral se deben cumplir las siguientes ecuaciones: IU � /N � �K� / K$ �Ecuación 15,44 VU � N , Z$ �Ecuación 15,45
Pero: IU � /0,323523
K� � 67 / 5
14 � 1N �Ecuación 15,46
Entonces:
IU � /N � -67 / 514 � 1N / K$2
N � IU / 514bK$ / 67c
� /0,323523 / 514b0,08333 / 67c
� 0,879626
7 � 4 , 6,8739 � d1 / N16,039 � d1 / N � 4 , 6,8739 � √1 / 0,879626
16,039 � √1 / 0,879626 � 1,1474
Armadura Simétrica
Para este caso se intenta con distintos valores de α hasta que @*1 � @*$.
0.94 1.00 1.1474 1.03 1.04 1.041 1.0405
1.1173 1.0000 0.7949 0.9501 0.9346 0.9331 0.9338
0.7622 0.8095 0.8796 0.8281 0.8336 0.8342 0.8339
0.3886 0.4160 0.4511 0.4258 0.4287 0.4290 0.4289
0.1876 0.1842 0.1792 0.1829 0.1825 0.1824 0.1824
εεεε s2 [‰] 3.3501 3.2083 2.9606 3.1481 3.1293 3.1274 3.1284
σσσσs2 [kN/m2] 347826 347826 347826 347826 347826 347826 347826
A's2 [cm2] 9.17 9.00 8.76 8.94 8.92 8.92 8.92
0.1090 0.0651 0.0000 0.0479 0.0427 0.0422 0.0425
εεεε s1 [‰] 0.0912 0.2917 0.6420 0.3769 0.4034 0.4060 0.4047
σσσσs1 [kN/m2] 18250 58333 128394 75376 80685 81207 80946
As1 [cm2] [cm
2] 101.57 18.97 0.00 10.80 9.00 8.84 8.92
Ejemplo
15.1αααα=1
Armadura
Unilateral
Armadura
Simétrica
ωωωω2
ωωωω1
αααα
εεεε
ψψψψ
δδδδ g
La armadura simétrica: @*1 � @*$ � 8,92��$ G 8?12 � 9,05��$
El recubrimiento geométrico es igual a 0,020m.
Se deben adoptar las siguientes disposiciones constructivas:
- El diámetro ?f de los estribos será igual o mayor a ¼ del diámetro de la barra longitudinal más gruesa y
mínimo 6mm:
?f � 14 � ?<=> � 1
4 � 12�� � 3�� g 6�� 4 ?f � 6��
- La separación de estribos será igual a ^h 6 15 � ?<CD de la barra longitudinal más delgada ni mayor a
30cm sin superar la menor dimensión transversal de la pieza. ^h 6 15 � ?<CD � 15 � 12�� � 180�� i 300�� 4 ^h � 180�� � 18�� i 8 � 20�� �
- La separación máxima entre armaduras longitudinales consecutivas será de 35cm. ^ � 0,60� / 2 � 0,020� / 2 � 0,006� / 6 � 0,012� � 0,476 3 0,35� j Se debe colocar una armadura constructiva al medio de la sección.
Universidad Mayor de San Andrés CIV-209 Hormigón Armado I
Facultad de Ingeniería Docente: Ing. Miguel Muñoz Black
Ingeniería Civil Ejercicios de Cátedra Semestre I-2010
Univ. Durán De Castro Quiroga Pablo 15.11
As2=8Ø12
0,20
0,60
As1=8Ø12 0,020
2Ø12
EØ6c36cm
EØ6c18cm
Puente
0,476
0,232
0,232
El centroide de la primera fila de 4?12 será:
k1 � 0,020� , 0,006� , 0,012�2 � 0,032�
Si separamos la segunda fila una distancia igual al mayor diámetro de la primera fila el centroide de la segunda fila
será:
k$ � 0,020� , 0,006� , 0,012� , 0,012� , 0,012�2 � 0,056�
Finalmente procedemos a calcular el centroide de la armadura superior e inferior:
k�W � @1 � k1 , @$ � k$@1 , @$ � 4 � 1,13��$ � 0,032� , 4 � 1,13��$ � 0,056�4 � 1,13��$ , 4 � 1,13��$ � 0,044� 6 0,05� �
Con este nuevo centroide recalculamos la armadura simétrica:
1.0477
0.9230
0.8377
0.4308
0.1805
εεεε s2 [‰] 3.1476
σσσσs2 [kN/m2] 347826
A's2 [cm2] 8.82
0.0406
εεεε s1 [‰] 0.3910
σσσσs1 [kN/m2] 78191
As1 [cm2] [cm
2] 8.82
ωωωω2
ωωωω1
αααα
εεεε
ψψψψ
δδδδ g