Potencia Compleja
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173
CAPITULO 6POTENCIA COMPLEJA
6.1 INTRODUCCION
La potencia compleja (cuya magnitud se conoce como potencia aparente) de un circuito eléctrico de corriente alterna, es lasuma (vectorial) de la potencia que disipa dicho circuito y se transforma en calor o trabajo(conocida como potencia promedio,activa o real) y la potencia utilizada para la formación de los campos eléctrico y magnético de sus componentes que fluctuaráentre estos componentes y la fuente de energía (conocida como potencia reactiva).
Esta potencia no es la realmente "útil", salvo cuando el factor de potencia es la unidad (cos φ=1), y señala que la red dealimentación de un circuito no sólo ha de satisfacer la energía consumida por los elementos resistivos, sino que también ha decontarse con la que van a "almacenar" las bobinas y condensadores. Se la designa con la letra S y se mideen voltiamperios (VA) (la potencia activa se mide en vatios (W), y la reactiva se mide en voltiamperios reactivos (VAR)
Definimos la potencia instantánea como el producto de ( )tV por ( )ti .
Si ( )tV VmSen wt v y ( ) Imti Sen wt i
( ) ImtP Vm Sen wt v Sen wt i
Por identidades trigonométricas la potencia instantánea queda:
( )
Im Im2
2 2t
Vm VmP Cos v i Cos wt v i
Si para hallar la potencia promedio para un periodo T
( )
1 Im
2med t med
VmP P dt P Cos v i
T
Esta potencia la definimos como potencia real o activa que es aquella potencia que es absorbida por una carga resistiva,tomando los valores eficaces de tensión y corriente:
P VICos v i
Pero esta potencia no contiene toda la información de la potencia absorbida por una carga dada. Por lo que ahora hablaremosde una potencia compleja. Si tomamos los valores complejos V V i y I I i
Definimos como potencia compleja al producto del fasor tensión por el fasor conjugado de la corriente:
*S V I VI v i S VI
174
S es el modulo de la potencia compleja que denominaremos potencia aparente cuyas unidades son los Volt-amperios.
S VICos v i jVISen v i
6.2 Potencia activa: Es la potencia que representa la capacidad de un circuito para realizar un proceso de transformación dela energía eléctrica en trabajo. Los diferentes dispositivos eléctricos existentes convierten la energía eléctrica en otras formas deenergía tales como: mecánica, lumínica, térmica, química, etc. Esta potencia es, por lo tanto, la realmente consumida por loscircuitos. Cuando se habla de demanda eléctrica, es esta potencia la que se utiliza para determinar dicha demanda:
EP R S VICos v i Wattios
6.3 Potencia reactiva: Esta potencia no tiene tampoco el carácter realmente de ser consumida y sólo aparecerá cuando existanbobinas o condensadores en los circuitos. La potencia reactiva tiene un valor medio nulo, por lo que no produce trabajonecesario. Por ello que se dice que es una potencia desvatada (no produce vatios), se mide en voltiamperios reactivos (VAR) yse designa con la letra Q:
mP I S jVISen v i Volt Amperios reactivos
S P jQ
El ángulo de desfase que hay en la tensión y la corriente de una fuente es el mismo relacionado con la impedancia o admitanciadel circuito.
Z Z v i
Porque la potencia compleja también puede ser expresada2
2 VS I Z
Z
2 2S I R jI X
Para nuestro triangulo de impedancia considerando a v i
En forma similar podríamos hacer nuestro triangulo de potencias si multiplicamos por2I a cada corriente del triangulo de
impedancias:
175
6.4 Modulo de la potencia compleja:
Potencia aparente2S ZI
Potencia activa2P RI
Potencia reactiva2Q XI
Definiremos como factor de potencia a la razón geométrica entre la potencia activa y la potencia aparente.
Pfdp Cos
S
Donde v i ; es de factor de potencia nos da una ida inmediata de la cantidad de potencia activa o que se estaconsumiendo por la carga resistiva, cuando más cerca de la unidad sea, la carga será más resistiva y si 1fdP la carga espuramente resistiva y la potencia aparente es igual a la activa (el factor de potencia es adimensional) y si 0fdP , la cargaes puramente reactiva 0 1fdP
En un circuito si la corriente adelanta a la tensión es que nuestra carga tiene una reactancia capacitiva y si la corriente atrasa ala tensión la carga será una reactancia inductiva, tomaremos como referencia a la corriente para definir el factor de potencia, esdecir:
FdP en atraso (carga inductiva)
FdP en adelanto (carga capacitiva)
Entonces usando triangulo de potencia quedara
Como ya hemos definido a la potencia aparente con el producto del voltaje por la corriente, en general todos los equipos quetrabajen con CA especificaran su potencia en VA o KVA (Kilovolt-amperios) y su voltaje, ya que con estos valores podremoscalcular en forma inmediata la corriente de trabajo.
176
6.5 POTENCIAS REALES Y CONSERVACIÓN DE LA POTENCIA EN CA
Si tenemos un circuito en CA con conexiones serie y paralelo o combinación de estas, la potencia aparente total del circuito seráigual a la suma de todas las potencias aparentes de cada rama.
1 2 3totalS S S S
Entonces:
La suma potencia activa total en un circuito es igual a la suma aritmética de
todas las potencias activas en cada rama del circuito TP
La potencia reactiva total en un circuito es igual a la suma aritmética de
todas las potencias reactivas en cada rama del circuito TQ
2 TT T T
T
PS P Q fdP
S
6.6 CORRECCIÓN DEL FACTOR DE POTENCIA
Si tenemos una carga que es alimentado por una línea de tensión la corriente que suministra a la carga debe intentarse que seala menor posible, esto se logra haciendo una corrección del factor de potencia para una carga inductiva-resistiva la fuente
alimentara con una corriente 1i
Para que la carga siga manteniendo suscaracterísticas eléctricas colocaremos en paralelo
una carga capacitiva para que 1i y la tensión ensus terminales de la carga originada siga siendo
ABV
Donde el valor del capacitor que se debe colocares:
2
1 2CC
VQ PTan PTan
X
1 22
P Tan TanC
WV
POTENCIA
177
COMPLEJAPROBLEMAS RESUELTOS
PROBLEMA Nº01.
Una carga tiene en su placa inscrita las siguientes especificaciones:
20 AS KV 400V V 0.1Cos
Si un alumno coloca un vatímetro en un determinado instante y observa que el vatímetro marca 4000W ¿qué reacción tendría elalumno?
Resolución:Corriente máxima
2000050
400I A
¿Podrás Explicar que sucede?
PROBLEMA Nº02
El diagrama muestra la disposición de cargas en cada rama, encuentre la TP , TQ , TS , el factor de potencia del circuito y la
corriente.
Solución:
700
100
100
900
Ptotal
W
0.994
0.994
6.34
9.05 6.34
TS
Cos
I
905.54T AS V
200
0
300
100 ( )
Qtotal
VAR C
178
500 2.0628.59
1208
N
N
120 0 120 011.3 0.0063
0.5 2 10.615 0.069.99 0.318 8
o o
I jj
j j
PROBLEMA Nº03
De la fuente mostrada en la figura se pide:
La tensión en los terminales A-B cuando no se suministra carga.El valor de N (entero máximo) si se requiere que la corriente máxima en corto circuito sea como máximo 500ASi se conecta a la fuente una carga en paralelo de un condensador de 10 f en una resistencia de 10 . Calcule laspotencias activas, reactiva, absorbidas por la carga, la tensión entre A-B, con el valor de N obtenidos.
120 0
0.5 2
50
oEg V
Zg j
f Hz
10.1 0.0031
19.99 0.31
Y jWC jR
Z jY
g
R XZ j
g g
Resolución:
Cuando la fuente no suministra potencia alguna la corriente es nula por lo que la tensión en sus terminales es de 120V120ABV V
si seconecta lacarga en
paralelo la admitancia equivalente es de
0.1 0.0031 9.99 0.31RCY j Z j
119.34 1.44ºRCV I Z
2 2
120
0.5 2I
N N
120 120500
2.062 2.062
N NI A
179
Potencia absorbida por la carga
113 1.4 11.3 0.32 1276.32 38.32o oS j
PFdP
S
PROBLEMA Nº04
Un motor de 5 HP con una eficiencia del 90% y un factor de potencia de 0.8 en atraso está conectado a una fuente de 220 a 60Hz
Determine:
a) El triangulo de potencias de la cargab) El capacitor que debe conectarse para hacer una corrección del FdP a 0.95 en atraso en el sistema después de la
corrección del FdP . Los cambios de corriente
Resolución:
Encontrando la potencia eléctrica:
0P 1 746HP W 5 5 746HP W
0
5 7464144.44
0.9iP P W 0
i
P
P
10.8 37.86Cos , en adelanto4144.44 37.86 3221.71 ARQ Tan V 4144.44 3221.71 5249.36 AS j V
Debemos corregir el fdp a 0.95
0.95 18.19oCos
El valor del capacitor:
2
4144.44 37.86 19.67
220 377
Tan TanC
95.37C f
1
5249.3623.86 37.86
220I
2
3907.3017.76 19.67
220I
PROBLEMA Nº05
180
Un transformador cuyas característica: S = 50 KVA 10/0.22 KV Alimenta a una planta industrial que consta de motores y hornosa un mismo voltaje. Se observa que un amperímetro conectado a una de las líneas del secundario del transformador da unalectura de 160 A y un waltímetro en el secundario da una lectura de 28.16 kw.
Se coloca el único banco de condensadores disponible de potencia1CQ para corregir el factor de potencia y se observa que el
amperímetro no sufre alteración. ¿Cuál es la potencia de este banco de condensadores?.
Se decide instalar otro banco de condensadores con potencia 2CQcon lo cual la corriente disminuye a 142,2 Amp. ¿Cuál es
la potencia del nuevo Banco de Condensa?
A w
Z
10000
2 2 0 V ITI
1CI 2CI
1C 2C
Resolución:De los datos podemos encontrar el fdp:
3
160
28.16 10
220
A A
w x w
V v
220 160 35200S x
328.16 10cos 0.8 36.87
35200
P x
S
El Voltaje de entrada lo coloca como referencia entoncescomo las cargas son inductivasla corriente se atrasa 36.87 a la tensión.
160 160 36.87
200 0
I A I
V
1
1
2 160 36.87
192
c
c
I x sen
I
1
220
192cc
Vx
I
160TI
160
36.87
160 36.87I
160 36.87sen
220 0V
CI
50
10 / 0.22
S KVATrafo
KV
181
1
1
2 2 220. 192
192
42240var
c c
c
Q I d X
Q
142.24 varcQ k
Otro Banco Condensador
Del gráfico
142,2cos 160cos 36.87
cos 0.9
25.82
También: 2
142,2 25.82 160 36.87csen I sen
2
160 36.87 142.2 25.82 34.1cI sen sen
234.1cI Amp
2 2 2 2
22220 220. 34.1 7502
34.1 34.1c C c cX Q I X x
27.502 varcQ k
PROBLEMA Nº06
Un Motor funciona normalmente a 220 voltios y 60 Hz, absorbiendo una corriente de 11 amperios retrasado 30 ° con respecto alvoltaje, el motor es instalado mediante una línea monofásica de “R” por conductor con un condensador en serie “C” que sealimentan desde una fuente de 220 v y 60 Hz. Si se desea que el motor opera normalmente, calcular:
a) El máximo valor de “R” y el valor del condensador para esta condición.b) El ángulo de la tensión en la entrada, después de la conexión de “C”.c) La potencia media disipa en el sistema.
LineaGenerador Condensador y carea
R C
R
160I 2cI
142,2sen142,2TI 36.87
142,2cos
160cos 36.87
220 0V
182
Resolución2R
gV220V
220V
11Amp
cjX
2g R C mV V V V
2220 220 0R CV V
Diagrama fasorial
* 220 30CV sen
110CV
* 2220cos30 220RV
2 29.47RV
2RV
cV
mI
2RV
220cos30
220gV
200mV
220 30sen
( / ) R( ) 2R conductor Total Línea
Voltaje motor nV como referencia
220 0
11 30m
m
V
I
183
Pero: 2 2RV I x R29.47 11 2x x R
El capacitor: 110 11 10c c c cV I X x X X
Pero:
41 1 110 2.65 10
377 10 377cc
X c xw c x
Pmedia del sistema:
* 220 30 11 30 220 11mS Vg x I x x 2420 0S j
; 0Q
Otra forma:
2 22 2 11 2 1.34 324.28R mP I R x watts
cos 220 11cos 30 2095.78motorP VI x
PROBLEMA Nº07
Se han de suministrar 750 kw a 2200 v y 60 Hz en los extremos de una línea de 10 KM, siendo los parámetros de la línea0.162 /LR Km y 0.277 /LK Km , por conductor. Determinar que valor tendrá el voltaje y el factor de
potencia (f.d.p) en la estación generadora y la pérdida de potencia de una línea en %, cuando el fdp de la carga en losextremos de la línea es de 80% en atraso, así mismo calcule la potencia cedida por la estación generadora y el rendimiento enel transporte. Finalmente haga usted el diagrama fasorial de tensiones y corrientes. Resolver gráficamente u analíticamente.
1.34R
265c F
2420P watts
2420totalP watts
184
En la carga:
2200cV (Referencia) ;
2200 0cV 0.8 36.87fdp j
3cos 220 0.8 750 10VI P xIx x 426.14 426.14 36.37I I
g L C L LV V V V I x Z
426.14 36.87 5.58 54.5LV x
2377.86 17.63LV
Resolución:
Parámetros de la línea 2 0.162 0.227 10j x KmKm
3.24 4.54 5.58 54.5LZ j
gV 750
2200
60
0.8
Kw
V
Hz
fdp
CCV
LV
2 L LR jX
Generador Línea 10 Km carea
185
Diagrama Fasorial
426.14 4.54 1934.68
426.14 3.24 1380.7LIX x
IR x
22 22200cos36.87 2200 36.87g LV IR sen IX
4523gV voltios
2200 36.87 1934.68tan
2200cos 36.87 1380.7
sen
46 36.87 46 36.87 9.13 4523 9.13gV cos46 0.7
4523 9.13 426.14 36.87 1927431.2 46 1338906.2 1386478totalS x j
1339 ; 1386 varT TP Kw Q K
22 426.14 3.24 588.36lineaP I P x kw
Rendimiento en el trasporte
. 75056%
. 1339motor
total
PPot Útil
Pot Total P
0.7gerenadorfdp
186
23.62 19.69I
Voltaje en la impedancia
22.24 7.96 6 8
69.76 225.368
236.22 72.82
L
L
L
V j j
V j i
V
PROBLEMA Nº08
Encuentre la magnitud y posición de fase de la corriente de los 2 generadores conectador en paralelo, así como también la pot.Generada y la pot. absorbida en el circuito que se muestra.
carga
LíneaGenerador 1
-
+ +
-
1Z
1E
1LZ2LZ
2Z
1 2
1 2
1 2
1350 0 1300 10
1 3 1 3
2 1 2 1L L
E E
Z j Z j
Z j Z j
Carga: en vacío
Resolución
Circuito equivalente
-
+ +
-
+ -6 8j
1350 0 1300 10
I
1350 0 1300 10 6 8j I
1350 0 1300 10
6 8
69.75 225.7422.24 7.96
6 8
Ij
jI j
j
187
PROBLEMA Nº09
En el circuito de la figura, se tienen 2 motores cuyas características son:
Motor M1: 400 HP - Cos φ 0.8 - inductivo – eficiencia 0.85Motor M2: 75 HP - Cos φ 0.8 - atraso - eficiencia 0.85
M2 trabaja a plena carga y ambos rotores son alimentados a través de una línea R= 1.6 ohmios, L= 6.355x10-3 Henrios.El generador es de 2.3 KV. Y se conoce que entrega en los bornes una potencia de 200W.Hallar la potencia que consume el motor M1, la tensión de operación de los motores M1 y M2 y la potencia total que entrega elgenerador.
72.82
236.721300
19.69 1350
I2E
23.62
10
Pto. En G1
1 1
1
cos 1350 23.62 cos 19.69
30022.55
P VI x x
P watts
Pto. En G2
2 2
2
cos 1300 23.62 cos 15031
26674.85
P VI x x
P
Potencia en la Impedancia
22 23.62 6
3347.42L
L
P I R x
P
1 2 LPG P P
1
1
26674.85 3347.42
30022.27
G
G
P
P
188
Resolución
De (a): 376.1 1 CosZR r
KWP 200
6.037
8.037
Sen
Cos
Luego: )1..(..........8.06.1200 21 IZKW
Donde:
1
3.2
Zeq
KVI
)2.(..........
6.039.28.06.1
3.222 ZeqZeq
KVI
189
De (1) y (2) obtenemos:57.19Zeq
376.1
2002
ZeqCos
KWI
AI 48.107
22 48.1078.064.193764.19 CosIWmotores
KWWM 504.181
190
Calculemos W2:
HP
CPn
75
..2
85.01
746.075
2
HPxW
KWHPxn
KWW 82.652
21 WWW M ; KWW 684.1151
Como:
KW
HPxxP
W
Pn HP
HP
746.0
1684.11585.01
1
HPPHP 8.1311